题目描述

给定一个完美二叉树，其所有叶子节点都在同一层，每个父节点都有两个子节点。二叉树定义如下：

struct Node {
  int val;
  Node *left;
  Node *right;
  Node *next;
}

填充它的每个 next 指针，让这个指针指向其下一个右侧节点。如果找不到下一个右侧节点，则将 next 指针设置为 NULL。初始状态下，所有 next 指针都被设置为 NULL。

示例：

输入：{“$id”:”1”,”left”:{“$id”:”2”,”left”:{“$id”:”3”,”left”:null,”next”:null,”right”:null,”val”:4},”next”:null,”right”:{“$id”:”4”,”left”:null,”next”:null,”right”:null,”val”:5},”val”:2},”next”:null,”right”:{“$id”:”5”,”left”:{“$id”:”6”,”left”:null,”next”:null,”right”:null,”val”:6},”next”:null,”right”:{“$id”:”7”,”left”:null,”next”:null,”right”:null,”val”:7},”val”:3},”val”:1}
输出：{“$id”:”1”,”left”:{“$id”:”2”,”left”:{“$id”:”3”,”left”:null,”next”:{“$id”:”4”,”left”:null,”next”:{“$id”:”5”,”left”:null,”next”:{“$id”:”6”,”left”:null,”next”:null,”right”:null,”val”:7},”right”:null,”val”:6},”right”:null,”val”:5},”right”:null,”val”:4},”next”:{“$id”:”7”,”left”:{“$ref”:”5”},”next”:null,”right”:{“$ref”:”6”},”val”:3},”right”:{“$ref”:”4”},”val”:2},”next”:null,”right”:{“$ref”:”7”},”val”:1}
解释：给定二叉树如图 A 所示，你的函数应该填充它的每个 next 指针，以指向其下一个右侧节点，如图 B 所示。

提示：

你只能使用常量级额外空间。
使用递归解题也符合要求，本题中递归程序占用的栈空间不算做额外的空间复杂度。

按层遍历

按层遍历是常规的思路，基本框架就是二叉树的按层遍历，这里使用两个队列 queue 记录二叉树的节点，queueLevel 记录二叉树节点所在的层。每次往 queue 队列添加节点的时候，同时记录当前节点所在的层数，遍历层的时候，如果当前节点的层等于下一个节点的层，则执行操作 node.next = nextNode 。最后层次遍历完全部节点后，即完成了填充每个节点的下一个右侧节点的操作。

public Node connect(Node root) {
        if (root == null) {
            return null;
        }

        Queue<Node> queue = new LinkedList<>();
        Queue<Integer> queueLevel = new LinkedList<>();
        int curLevel = 1;
        queue.offer(root);
        queueLevel.offer(1);
        while (!queue.isEmpty()) {
            Node node = queue.poll();
            Node nextNode = queue.peek();
            Integer level = queueLevel.poll();
            Integer nextLevel = queueLevel.peek();
            if (level != null && level != curLevel) {
                curLevel = level;
            }

            if (level == nextLevel) {
                node.next = nextNode;
            }

            if (node.left != null) {
                queue.offer(node.left);
                queueLevel.offer(curLevel + 1);
            }
            if (node.right != null) {
                queue.offer(node.right);
                queueLevel.offer(curLevel + 1);
            }
        }

        return root;
    }
}

class Node {
    public int val;
    public Node left;
    public Node right;
    public Node next;

    public Node() {}
    
    public Node(int _val) {
        val = _val;
    }

    public Node(int _val, Node _left, Node _right, Node _next) {
        val = _val;
        left = _left;
        right = _right;
        next = _next;
    }
};

复杂度分析

时间复杂度：O(N)。每个节点会被访问一次且只会被访问一次，即从队列中弹出，并建立 next 指针。
空间复杂度：O(N)。这是一棵完美二叉树，它的最后一个层级包含 N/2 个节点。广度优先遍历的复杂度取决于一个层级上的最大元素数量。这种情况下空间复杂度为 O(N)。

使用已有的 next 指针

一棵树中，存在两种类型的 next 指针。

第一种情况是连接同一个父节点的两个子节点。它们可以通过同一个节点直接访问到，因此执行下面操作即可完成连接。
1
node.left.next = node.right
第二种情况在不同父亲的子节点之间建立连接，这种情况不能直接连接。我们可以发现当前节点右节点的指针指向的是当前节点父节点 next 节点的左节点，如果父节点没有 next 节点，则指向 null。
1
node.right.next = node.next != null ? node.next.left : null;

这里我们使用递归可以很方便的解决上述问题。

public Node connect(Node root) {
    if (root == null) {
        return root;
    }
    if (root.left != null) {
        root.left.next = root.right;
        root.right.next = root.next != null ? root.next.left : null;
        connect(root.left);
        connect(root.right);
    }
    return root;
}

复杂度分析

时间复杂度：O(N)，每个节点只访问一次。
空间复杂度：O((logn)，不需要存储额外的节点。这里只有递归占用的空间，满足题目要求。

来源

填充每个节点的下一个右侧节点指针 | 力扣（LeetCode）
填充每个节点的下一个右侧节点指针 | 题解（LeetCode）

文章标题：填充每个节点的下一个右侧节点指针
文章作者：cylong
文章链接：https://0skyu.cn/posts/ca7f.html
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